+ Qua hai đường thẳng cắt nhau, xác định duy nhất 1 mặt phẳng.

Bài 2 (trang 77 SGK Hình học 11): 

Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là một hình bình hành. Gọi M, N, P theo thứ tự là trung điểm của đoạn thẳng SA, BC, CD. Tìm thiết diện của hình chóp khi cắt bởi mặt phẳng (MNP). Gọi O là giao điểm hai đường chéo của hình bình hành ABCD, hãy tìm giao điểm của đường thẳng SO với mặt phẳng (MNP). Lời giải: a) Tìm thiết diện : Trong mp(ABCD), gọi F = AD ∩ PN và E = AB ∩ PN Trong mp(SAD), gọi Q = MF ∩ SD Trong mp(SAB), gọi R = ME ∩ SB Nối PQ, NR ta được các đoạn giao tuyến của mp(MNP) với các mặt bên và mặt đáy của hình chóp là MQ, QP, PN, NR, RM Vậy thiết diện cắt bởi mặt phẳng (MNP) là ngũ giác MQPNR. b) Tìm SO ∩ (MNP). Gọi H là giao điểm của AC và PN . Trong (SAC), SO ∩ MH = I Vậy I = SO ∩ (MNP).

Bài 3 (trang 77 SGK Hình học 11): 

Cho hình chóp đỉnh S có đáy là hình thang ABCD với AB là đáy lớn. Gọi M, N theo thứ tự là trung điểm của các cạnh SB và SC. a) Tìm giao tuyến của hai mặt phẳng (SAD) và (SBC) b) Tìm giao điểm của đường thẳng SD với mặt phẳng (AMN) c) Tìm thiết diện của hình chóp S.ABCD cắt bởi mặt phẳng (AMN) Lời giải:

a) Tìm (SAD) ∩ (SBC) Gọi E= AD ∩ BC. Ta có: Do đó E ∈ (SAD) ∩ (SBC). mà S ∈ (SAD) ∩ (SBC). ⇒ SE = (SAD) ∩ (SBC) b) Tìm SD ∩ (AMN) + Tìm giao tuyến của (SAD) và (AMN) : Trong mp (SBE), gọi F = MN ∩ SE : F ∈ SE ⊂ (SAD) ⇒ F ∈ (SAD) F ∈ MN ⊂ (AMN) ⇒ F ∈ (AMN) ⇒ F ∈ (SAD) ∩ (AMN) ⇒ AF = (SAD) ∩ (AMN). + Trong mp (SAD), gọi AF ∩ SD = P ⇒ P = SD ∩ (AMN). c) Tìm thiết diện với mp(AMN): (AMN) ∩ (SAB) = AM; (AMN) ∩ (SBC) = MN; (AMN) ∩ (SCD) = NP (AMN) ∩ (SAD) = PA. ⇒ Thiết diện cần tìm là tứ giác AMNP.

Bài 4 (trang 78 SGK Hình học 11): 

Cho hình bình hành ABCD. Qua A, B, C, D lần lượt vẽ bốn nửa đường thẳng Ax, By, Cz, Dt ở cùng phía đối với mặt phẳng (ABCD), song song với nhau và không nằm trong mặt phẳng (ABCD). Một mặt phẳng (β) lần lượt cắt Ax, By, Cz và Dt tại A’, B’, C’ và D’. a) Chứng minh: mặt phẳng (Ax, By) song song với mặt phẳng (Cz, Dt) b) Gọi I = AC ∩ BD, J = A’C’ ∩ B’D’. Chứng minh: IJ song song với AA’. c) Cho AA’ = a, BB’ = b, CC’ = c. Hãy tính DD’.   Lời giải:

a) Do ABCD là hình bình hành, nên AB // DC => AB // (Cz, Dt) (1) Theo giả thiết Ax // Dt nên Ax // (Cz, Dt) (2) Từ (1) và (2) suy ra: (Ax, By) // (Cz, Dt) b) Mặt phẳng β cắt 2 mặt phẳng song song ( Ax, By), (Cz, Dt) theo hai giao tuyến là A’B’và C’D’ nên A’B’// C’D’. (3) Chứng minh tương tự (Ax, Dt) song song với (By,Cz).Và mặt phẳng β cắt 2 mặt phẳng song song (Ax, Dt), (By, Cz) theo hai giao tuyến là A’D’và B’C’ nên A’D’// B’C’ (4) Từ (3) và (4) suy ra: tứ giác A’B’C’D’ là hình bình hành. => J là trung điểm của A’C’ ( tính chất hình bình hành). Tứ giác AA’C’C là hình thang vì có: AA’ // CC’ ( giả thiết). Lại có, I và J lần lượt là trung điểm của AC và A’C’ nên IJ là đường trung bình của hình thang => IJ// AA’// CC’ ( đpcm). c) Vì IJ là đường trung bình của hình thang ACC’A’ nên IJ = 1/2(AA’ + CC’) IJ cũng là đường trung bình của hình thang BDD’B’: IJ = 1/2(BB’ + DD’) Từ đây suy ra: DD’ + BB’ = AA’ + CC’ => DD’ = AA’ + CC’ – BB’ = a + c – b